tutorial - PHP 7 y tipos de "recursos" estrictos

php 7 wikipedia

Question

¿Admite PHP 7 la escritura estricta de recursos? ¿Si es así, cómo?

Por ejemplo:

    declare (strict_types=1);

    $ch = curl_init ();
    test ($ch);

    function test (resource $ch)
    {

    }

Lo anterior dará el error:

Error grave: error de tipo no detectado: el argumento 1 pasado a test () debe ser una instancia de recurso, recurso dado

Un var_dump en $ch revela que es un recurso (4, curl) , y el manual dice que curl_init () devuelve un recurso.

¿Es posible escribir estrictamente la función test() para admitir la $ch variable ?

Answer 1

PHP no tiene una sugerencia de tipo para los recursos porque

No se agrega ninguna sugerencia de tipo para los recursos, ya que esto evitaría pasar de los recursos a los objetos para las extensiones existentes, lo que algunos ya han hecho (por ejemplo, GMP).

Sin embargo, puede usar is_resource() dentro del cuerpo de la función / método para verificar el argumento pasado y manejarlo según sea necesario. Una versión reutilizable sería una afirmación como esta:

function assert_resource($resource)
{
    if (false === is_resource($resource)) {
        throw new InvalidArgumentException(
            sprintf(
                ''Argument must be a valid resource type. %s given.'',
                gettype($resource)
            )
        );
    }
}

que luego podrías usar dentro de tu código así:

function test($ch)
{
    assert_resource($ch);
    // do something with resource
}

Answer 2

resource no es un tipo válido, por lo que se asume que es un nombre de clase según las sugerencias de tipo PHP / 5 anteriores. Pero curl_init() no devuelve una instancia de objeto.

Por lo que sé, no hay manera de especificar un recurso. Probablemente no sería tan útil ya que no todos los recursos son idénticos: un recurso generado por fopen() sería inútil para oci_parse() .