mobile safari webview que es
Enlace abierto rĂ¡pido en Safari (9)
Actualmente estoy abriendo el enlace en mi aplicación en un
WebView
, pero estoy buscando una opción para abrir el enlace en
Safari
.
ACTUALIZADO para Swift 4: (crédito a Marco Weber)
if let requestUrl = NSURL(string: "http://www.iSecurityPlus.com") {
UIApplication.shared.openURL(requestUrl as URL)
}
O vaya con más estilo rápido usando
guard
:
guard let requestUrl = NSURL(string: "http://www.iSecurityPlus.com") else {
return
}
UIApplication.shared.openURL(requestUrl as URL)
Swift 3:
Puede verificar NSURL como opcional implícitamente:
if let requestUrl = NSURL(string: "http://www.iSecurityPlus.com") {
UIApplication.sharedApplication().openURL(requestUrl)
}
En Swift 1.2:
@IBAction func openLink {
let pth = "http://www.google.com"
if let url = NSURL(string: pth){
UIApplication.sharedApplication().openURL(url)
}
En Swift 2.0:
UIApplication.sharedApplication().openURL(NSURL(string: "http://.com")!)
IOS 11.2 Swift 3.1-4
let webView = WKWebView()
override func viewDidLoad() {
super.viewDidLoad()
guard let url = URL(string: "https://www.google.com") else { return }
webView.frame = view.bounds
webView.navigationDelegate = self
webView.load(URLRequest(url: url))
webView.autoresizingMask = [.flexibleWidth,.flexibleHeight]
view.addSubview(webView)
}
func webView(_ webView: WKWebView, decidePolicyFor navigationAction: WKNavigationAction, decisionHandler: @escaping (WKNavigationActionPolicy) -> Void) {
if navigationAction.navigationType == .linkActivated {
if let url = navigationAction.request.url,
let host = url.host, !host.hasPrefix("www.google.com"),
UIApplication.shared.canOpenURL(url) {
UIApplication.shared.open(url)
print(url)
print("Redirected to browser. No need to open it locally")
decisionHandler(.cancel)
} else {
print("Open it locally")
decisionHandler(.allow)
}
} else {
print("not a user click")
decisionHandler(.allow)
}
}
}
No está "integrado en Swift", pero puede usar métodos
UIKit
estándar para hacerlo.
Eche un vistazo a
openUrl()
.
Swift 4
guard let url = URL(string: "https://.com") else { return }
UIApplication.shared.open(url)
Swift 3
guard let url = URL(string: "https://.com") else { return }
UIApplication.shared.openURL(url)
Swift 2.2
guard let url = URL(string: "https://.com") else { return }
UIApplication.sharedApplication().openURL(url)
Nuevo con iOS 9 y superior, puede presentar al usuario un
SFSafariViewController
(consulte la documentación
here
).
Básicamente, obtienes todos los beneficios de enviar al usuario a Safari sin hacer que abandone tu aplicación.
Para usar el nuevo SFSafariViewController solo:
import SafariServices
y en algún lugar de un controlador de eventos, presente al usuario el controlador de vista de safari de esta manera:
let svc = SFSafariViewController(url: url)
present(svc, animated: true, completion: nil)
La vista de safari se verá así:
desde iOS 10 deberías usar:
guard let url = URL(string: linkUrlString) else {
return
}
if #available(iOS 10.0, *) {
UIApplication.shared.open(url, options: [:], completionHandler: nil)
} else {
UIApplication.shared.openURL(url)
}
Swift 3 y IOS 10.2
UIApplication.shared.open(URL(string: "http://www..com")!, options: [:], completionHandler: nil)
Swift 3 y IOS 10.2
Swift 5
Swift 5: Verifique usando canOpneURL si es válido, entonces está abierto.
guard let url = URL(string: "https://iosdevcenters.blogspot.com/") else {
return
}
if UIApplication.shared.canOpenURL(url) {
UIApplication.shared.open(url, options: [:], completionHandler: nil)
}